Нека анализираме един от важните класове диференциални уравнения, които се решават чрез редуциране на метода на разделяне на променливите чрез заместване - хомогенни уравнения. Ще разгледаме методите на решение. линейни уравнения които често се бъркат с хомогенност.
Като начало даваме определение. F е хомогенна, ако е вярно, че f (kx, ky) = f (x, y), където k е всяко ненулено число. Примери за хомогенна функция:
F = | g 3 + r 3 | А = | 2 + w 2 d 2 + w 2 |
3g 3 + 5r 2 g | 2dw |
За да се провери тяхната хомогенност, достатъчно е аргументите на функцията F или A да се умножат с фактор и да се види дали той намалява.
По-горе беше казано, че диференциалните уравнения с хомогенни функции се свеждат до отделими чрез заместване. За да обясните това, помислете за лемата.
Лема 1. Ако w е хомогенна функция на първа степен с аргументи x и y, тогава идентичността w (x, y) = e (y / x) е вярна и e (t) = f (1, t).
Тази лема се доказва по един тривиален начин: за това просто трябва да зададем k = 1 / x за всички ненулезни x.
Да предположим, че имаме y '= f, където f е хомогенна функция. За да решим хомогенно диференциално уравнение, основано на лема 1, можем да представим y '= e (y / x). Уравнението е разрешимо чрез разделяне на променливите. Нека y / x = v е желаната функция. Така че y = xv и y '= v + xv'. Получаваме уравнение на формата v + xv '= e (v) или xv' = e (v) - v.
Разгледайте го по-подробно. В този случай решенията на уравнението са всички стойности на v = v n - точките, в които функцията [e (v) - v] изчезва. Съответно, стойностите на y n = v n x - са решението y '= e (y / x). В областта на стойностите, където [e (v) - v] не изчезва, може да се приложи разделяне на променливите. Това е:
DV | = | DX |
-v + e (v) | х |
Интегрирайки, получаваме решението E = ln | x | + C.
Помислете защо горната замяна работи при решаване на хомогенни диференциални уравнения. За да направите това, вземете общото решение E = ln | x | + C и замени x с kx и y с ky: E = ln | kx | + C = ln (k) + ln | x | + C. На свой ред, изразът ln (k) + C може да бъде представен като W и след това решението ще изглежда като E = ln | x | + W.
Оказва се, че замяната на x с kx и y с ky води само до замяна на едно решение с друго, но от същия клас. С други думи, другото решение удовлетворява и първоначалното уравнение. Описаното свойство на координатната равнина се нарича homothety, т.е. интегралните криви на хомогенните диференциални уравнения се трансформират един в друг.
Като се има предвид уравнението l 2 + ml + m 2 l '+ m 2 = 0. Намерете неговото решение. Едно неопитно око може бързо да заключи, че това уравнение не е хомогенно, тъй като заместването на km вместо m и kn вместо n не дава оригиналното уравнение. Грешката в този случай е, че уравнението не е било предварително разрешено по отношение на деривата n '. Нека го направим.
l '= | (-1) | l 2 + ml + m 2 |
m 2 |
В тази форма е лесно да се определи, че уравнението е хомогенно.
f (km, kl) = | (-1) [(km) 2 + (kl) 2 + k 2 ml] | = | (-1) (1 2 + ml + m 2 ) k 2 | = | f (m, l) |
(км) 2 | m 2 k 2 |
Пристъпваме към решението чрез заместване на l / m = v. Получаваме l = vm и l '= mv' + v. Заместване на тези стойности в уравнението:
mv '+ v = | (-1) [m 2+ (vm) 2 + m (vm)] | = | (-1) (v 2 m 2 + m 2 v + m 2 ) | = 1 - v 2 - v |
m 2 | m 2 |
Получаваме mv '= - (v + 1) 2 . Очевидно е, че точката -1 е „решението на nj на уравнението, а преди заместването n = -m. Когато v + 1 не е равна на нула, разделете променливите:
- | DV | = | дм |
(v + 1) 2 | m |
От полученото уравнение в диференциална форма лесно може да се намери общият интеграл:
ln | Cm | | = | 1 |
1 + v |
Ще извършим замяна на връщане:
п | = | m - m * ln | Cm | |
ln | Cm | |
Също така не бива да забравяме преди това намереното решение n = -m.
Често хомогенните диференциални уравнения се бъркат с линейните. За пълнота, нека разгледаме малко и този клас. Така че, диференциално уравнение се нарича линейно, в което функцията и нейната производна са подредени в линейна връзка, т.е. получаваме уравнение, което има следната форма:
w, o, e - представляват всякакви функции.
За да се реши това уравнение за y ', е необходимо да се разгледат всички корени на o (x). Да предположим, че за някакво число o (x 0 ) = 0, тогава едно от решенията на описаното уравнение е x 0 , тъй като получаваме o (x 0 ) dy = 0 и dx = 0. Това става очевидно, ако запишем диференциалната форма на уравнението, като умножим двете страни с dx: o (x) dy + w (x) ydx = e (x) dx.
Елиминирайки нулевите стойности на o (x), за останалите стойности на x, напишете уравнението в разрешената форма, като го разделите с o (x).
В този клас уравнения има две възможности. Първият е, когато свободният член p (x) е нулев (хомогенен), а вторият е, когато p (x) е ненулева (нехомогенна). Така че имаме следните два случая:
Хомогенното лесно се редуцира до разделена форма y '/ y = -r (x) или dy / y = -r (x) dx. След интегрирането получаваме общото решение за хомогенни уравнения: y = Ce –r (x) .
В общия случай линейното уравнение (нехомогенно) се решава на няколко етапа:
Друго объркване на хомогенни уравнения възниква при разглеждането на хомогенни системи от уравнения. Това обаче е друг въпрос, чието разглеждане е извън обхвата на този член.
Предвид проблема. Необходимо е да се намери решение.
y '+ | Тай | = | т |
t 2 +1 | T (t 2 +1) |
Очевидно е, че това уравнение е неравномерно, затова първо решаваме следното уравнение:
y '+ | Тай | = 0 |
t 2 +1 |
Трябва да се отбележи, че едно от решенията на уравнението е y = 0. Намирането на общо решение става чрез диференциална форма, която ви позволява да използвате разделянето на променливите:
ди | = | (-1) tdt |
ш | t 2 +1 |
Интеграцията води до решение: ln | y | = A - ln (1 + t 2 ) / 2. Като представяте А като ln B, можете да напишете решението по-елегантно:
ш | = | B |
T (t 2 +1) |
Решението на нехомогенното уравнение е възможно да се извърши в друг, по подобен начин, който се нарича метод на вариация на константата или метода на Лагранж. Ние го описваме теоретично.
В диференциално уравнение на формата r (x) y + y '= p (x) променяме y = c (x) e- R (x) , при което R (x) е примитивно r (x), а с (x) - неизвестна функция, която трябва да се определи.
След всички преобразувания се оказва, че c '(x) = e R (x) f (x). Откъдето с (x) се интегрира лесно. Подменяйки c (x) обратно на y = c (x) e- R (x) , получаваме y = e- R (x) c (x) + De- R (x) - общото решение на уравнението, където D е константа , което се случва, когато c (x) е интегриран.
Използвайки метода на Лагранж за нашия проблем, задаваме:
ш | = | c (t) |
T (t 2 +1) |
Подменяйки тази промяна в оригиналното уравнение, намираме, че c (t) = (1/2) t 2 . Пишем решението на неоднородното уравнение:
ш | = | x 2 | + | D |
2√ (t 2 +1) | T (t 2 +1) |
Обмислете друг пример. Намерете решения (x - 2xy - y 2 ) dy + y 2 dx = 0. Отбележете, че y = 0 е едно от решенията на уравнението. Използвайки този факт, можем да разделим всички части на уравнението с израза y 2 dy. След извършване на някои трансформации получаваме:
x ' y | + | x (y) (1 - 2y) | = | 1 |
y 2 |
Трябва да се отбележи, че като че ли сме развили зависимост. Защо не? Х и у във функцията са равни и зависят един от друг. Сега не решаваме функцията y (x), но x (y) и x ' y не са нищо друго, освен производна на функцията x (y) по отношение на променливата y. Или dx / dy. В тази форма е лесно да се определи, че имаме работа с едно неоднородно уравнение, така че решаваме това хомогенно уравнение по следния начин:
x ' y | + | x (y) (1 - 2y) | = | 0 |
y 2 |
Получаваме x = Cy 2 e 1 / y . Остава само да се намери решение на първоначалното уравнение чрез вариационен метод, поставяйки x = y 2 c (y) e 1 / y . След заместването на това заместване в уравнението имаме:
c '(y) | = | е -1 / у |
y 2 |
От където изчисляваме, че c (y) = e -1 / y + D. Решението на проблема ще бъде следното:
у = 0
x = y 2 + Dy 2 e 1 / y .
Разгледахме начини за решаване на линейни хомогенни уравнения.